Giải bài 61, 62, 63, 64 trang 56, 57 SGK Giải tích 12 Nâng cao

Bài 61 trang 56 SGK giải tích 12 nâng cao

Một viên đạn được bắn ra với vận tốc ban đầu ({v_o} > 0) từ một nòng súng đặt ở gốc tọa độ (O), nghiêng một góc  (alpha ) với mặt đất (nòng súng nằm trong mặt phẳng thẳng đứng (Oxy) và tạo với trục hoành (Ox) góc (alpha ) ). Biết quỹ đạo chuyển động của viên đạn là parabol.

(left( {{gamma _alpha }} right):y =  – {g over {2v_o^2}}left( {1 + {{tan }^2}alpha } right){x^2} + xtan alpha ) ( (g) là gia tốc trọng trường).

Chứng minh rằng với mọi (alpha  in left( {0;{pi  over 2}} right),,left( {{gamma _alpha }} right)) luôn tiếp xúc với parabol ((P)) có phương trình là: (y =  – {g over {2v_o^2}}{x^2} + {{v_o^2} over {2g}}) và tìm tọa độ tiếp điểm ((P)) được gọi là parabol an toàn).

Giải

Hoành độ tiếp điểm của hai parabol là nghiệm của hệ phương trình:

(left{ matrix{
– {g over {2v_o^2}}left( {1 + {{tan }^2}alpha } right){x^2} + xtan alpha = – {g over {2v_o^2}}{x^2} + {{v_o^2} over {2g}} hfill cr 
– {g over {v_o^2}}left( {1 + {{tan }^2}alpha } right)x + tan alpha = – {g over {v_o^2}}x hfill cr} right.)

Nghiệm của phương trình thứ hai của hệ là (x = {{v_o^2} over {gtan alpha }})

Ta có (x = {{v_o^2} over {gtan alpha }}) cũng là nghiệm của phương trình thứ nhất của hệ. Vậy với mọi (alpha  in left( {0;{pi  over 2}} right)) hai parabol luôn tiếp xúc với nhau. Hoành độ tiếp điểm là (x = {{v_o^2} over {gtan alpha }}). Tung độ của tiếp điểm là

(y =  – {g over {2v_o^2}}{left( {{{v_o^2} over {gtan alpha }}} right)^2} + {{v_o^2} over {2g}} = {{v_o^2} over {2g}}left( {1 – {1 over {{{tan }^2}alpha }}} right))

Điểm (left( {{{v_o^2} over {gtan alpha }};{{v_o^2} over {2g}}left( {1 – {{cot }^2}alpha } right)} right)) là tiếp điểm của hai parabol với mọi (alpha  in left( {0;{pi  over 2}} right))

Bài 62 trang 57 SGK giải tích 12 nâng cao

a) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số: (y = {{x – 1} over {x + 1}})

b) Chứng minh rằng giao điểm (I) của hai đường tiệm cận của đường cong đã cho là tâm đối xứng của nó.

Giải 

Tập xác định:

 (eqalign{
& D = Rbackslash left{ { – 1} right} cr 
& cr} )

Sự biến thiên:

(y’ = {2 over {{{(x + 1)}^2}}} > 0,forall x in D)

Hàm số đồng biến trên khoảng (( – infty ; – 1)) và (( – 1; + infty ))

Giới hạn:

(mathop {lim y}limits_{x to  – {1^ – }}  =  + infty ;,mathop {lim y}limits_{x to  – {1^ + }}  =  – infty )

Tiệm cận đứng: (x=-1)

(mathop {lim y}limits_{x to  pm infty }  = 1)

Tiệm cận ngang: (y=1) 

Bảng biến thiên:

Đồ thị giao (Ox) tại điểm ((1;0))

Đồ thị giao (Oy) tại điểm ((0;-1))

b) Giao điểm của hai tiệm cận của đường cong là (I(-1;1))

Công thức đổi trục tịnh tiến theo vecto (overrightarrow {OI} ) là 

(left{ matrix{
x = X – 1 hfill cr 
y = Y + 1 hfill cr} right.)

Phương trình đường cong trong hệ tọa độ (IXY) là:

(Y + 1 = {{X – 1 – 1} over {X – 1 + 1}} Leftrightarrow Y + 1 = {{X – 2} over X} Leftrightarrow Y =  – {2 over X})

Đây là hàm số lẻ nên đồ thị nhận gốc (I) làm tâm đối xứng.

Bài 63 trang 57 SGK giải tích 12 nâng cao

a) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị ((H)) của hàm số: (y = {{x + 2} over {2x + 1}})

b) Chứng minh rằng đường thẳng (y = mx + m – 1) luôn đi qua một điểm cố định của đường cong (H) khi m biến thiên.

c) Tìm các giá trị của m sao cho đường thẳng đã cho cắt đường cong ((H)) tại hai điểm thuộc cùng một nhánh của (H).

Giải

a) Tập xác định: (D =mathbb Rbackslash left{ { – {1 over 2}} right})

+) Sự biến thiên:

(y’ = {{ – 3} over {{{(2x + 1)}^2}}} < 0,forall x in D)

Hàm số nghịch biến trên khoảng (left( { – infty ; – {1 over 2}} right)) và (left( { – {1 over 2}; + infty } right))

Giới hạn:

(mathop {lim y}limits_{x to  – {{{1 over 2}}^ – }}  =  – infty ;,mathop {lim y}limits_{x to  – {{{1 over 2}}^ + }}  =  + infty )

Hầm số không có cực trị.

Tiệm cận đứng: (x={ – {1 over 2}})

(mathop {lim y}limits_{x to  pm infty }  = {1 over 2})

Tiệm cận ngang (y={1 over 2})

Bảng biến thiên:

Đồ thị giao (Ox) tại điểm ((-2;0))

Đồ thị giao (Oy) tại điểm ((0;2)) 

b) Ta có (y = mx + m – 1 Leftrightarrow y + 1 = mleft( {x + 1} right))

Tọa độ điểm cố định (A) của đường thẳng là nghiệm của hệ:

(left{ matrix{
x + 1 = 0 hfill cr 
y + 1 = 0 hfill cr} right. Leftrightarrow left{ matrix{
x = – 1 hfill cr 
y = – 1 hfill cr} right.)

Vậy (A(-1;1))

Tọa độ (A) thỏa mãn phương trình (y = {{x + 2} over {2x + 1}}) nên (A) thuộc đường cong ((H)).

c) Hoành độ giao điểm của đường thẳng đã cho và đường cong ((H)) là nghiệm của phương trình:

(eqalign{
& ,,,mleft( {x + 1} right) – 1 = {{x + 2} over {2x + 1}}cr& Leftrightarrow left( {2x + 1} right)left[ {mleft( {x + 1} right) – 1} right] = x + 2 cr 
& Leftrightarrow mleft( {x + 1} right)left( {2x + 1} right) – left( {2x + 1} right) = x + 2 cr 
& Leftrightarrow left( {x + 1} right)left( {2mx + m – 3} right) = 0 cr&Leftrightarrow left[ matrix{
x = – 1 hfill cr 
fleft( x right) = 2mx + m – 3 = 0,,,left( 1 right) hfill cr} right. cr} )

Hai nhánh của ((H)) nằm về hai bên của tiệm cận đứng (x =  – {1 over 2})

Điểm (A(-1;1)) thuộc nhánh trái của ((H)) vì ({x_A} =  – 1 <  – {1 over 2})

Đường thẳng cắt ((H)) tại hai điểm thuộc cùng một nhánh khi và chỉ khi (1) có nghiệm (x <  – {1 over 2}) và (x ne  – 1) tức

(left{ matrix{
x ne 0 hfill cr 
x = {{ – m + 3} over 2} < – {1 over 2} hfill cr 
fleft( { – 1} right) ne 0 hfill cr} right. )

(Leftrightarrow left{ matrix{
m ne 0 hfill cr 
{3 over {2m}} < 0 hfill cr 
– m – 3 ne 0 hfill cr} right. )

(Leftrightarrow m < – 3,, text{hoặc}, – 3 < m < 0.)

Bài 64 trang 57 SGK giải tích 12 nâng cao

Cho hàm số (y = {{a{x^2} – bx} over {x – 1}})

a) Tìm (a) và (b) biết rằng đồ thị ((C)) của hàm số đã cho đi qua điểm (Aleft( { – 1;{5 over 2}} right)) và tiếp tuyến của ((C)) tại điểm (O(0;0)) có hệ số bằng (-3).

b) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số với các giá trị của (a) và (b) đã tìm được.

Giải

a) Ta có: ({M_o} in left( C right)) (y’ = {{left( {12ax – b} right)left( {x – 1} right) – left( {a{x^2} – bx} right)} over {{{left( {x – 1} right)}^2}}})

Đồ thị ((C)) đi qua (Aleft( { – 1;{5 over 2}} right)) ( Leftrightarrow yleft( { – 1} right) = {5 over 2} Leftrightarrow {{a + b} over { – 2}} = {5 over 2} Leftrightarrow a + b =  – 5,,,left( 1 right))

Tiếp tuyến của ((C)) tại (O(0;0)) có hệ số góc bằng (-3) khi và chỉ khi (y’(0) = -3 )( Leftrightarrow b =  – 3,,left( 2 right))

Từ (1) và (2) suy ra (a = -2; b = – 3).

b) Với (a = -2; b = – 3) ta có: (y = {{ – 2{x^3} + 3x} over {x – 1}})

Tập xác định: (D = mathbb Rbackslash left{ 1 right})

(y’ = {{ – 2{x^2} + 4x – 3} over {{{(x – 1)}^2}}} < 0,forall x in D)

Hàm số nghịch biến trên khoảng: (( – infty ;1)) và ((1; + infty ))

Hàm số không có cực trị

Giới hạn:

(mathop {lim y}limits_{x to  {1^ – }}  =  – infty ;,mathop {lim y}limits_{x to   {1^ + }}  =  + infty )

Tiệm cận đứng là: (x=1)

(eqalign{
& a = mathop {lim }limits_{x to infty } {y over x} = mathop {lim }limits_{x to infty } {{ – 2{x^2} + 3x} over {{x^2} – x}} = – 2 cr 
& b = mathop {lim }limits_{x to infty } (y + 2x) = mathop {lim }limits_{x to infty } left( {{{ – 2{x^2} + 3x} over {x – 1}} + 2x} right) = 1 cr} )

Tiệm cận xiên là: (y=-2x+1)

Bảng biến thiên:

Đồ thị giao (Oy) tại điểm ((0;0)) và (left( {{3 over 2};0} right))

Giaibaitap.me